L'espace est muni d'un repère orthonormé (0;i;j;k). On considère les points A(1;1;14) , B(0;1;8) , C(−2;2;4) et le vecteur n(6;8;−1)
Justifier que les points A,B et C définissent un plan.
Correction
On a : AB⎝⎛−10−6⎠⎞ et AC⎝⎛−31−10⎠⎞ On vérifie aisément que les vecteurs AC et AB ne sont pas colinéaires. Donc les trois points A , B et C ne sont pas alignés et définissent un plan.
Question 2
Démontrer que le vecteur n est orthogonal aux vecteurs AB et AC.
Correction
Calculons d’une part : n.AB=6×(−1)+8×0+(−1)×(−6)=0. Donc les vecteurs n(6;8;−1) et AB sont orthogonaux. Calculons d’autre part : n.AC=6×(−3)+8×1+(−1)×(−10)=0. Donc les vecteurs n(6;8;−1) et AC sont orthogonaux.
Question 3
Démontrer que le plan (ABC) a pour équation cartésienne 6x+8y−z=0.
Correction
L'écriture cartésienne d'un plan ayant un vecteur normal n(a;b;c) s'écrit ax+by+cz+d=0 . Ensuite pour déterminer la valeur de d, on utilise les coordonnées du point A.
n(6;8;−1) est orthogonal à deux vecteurs AC et AB non colinéaires du plan (ABC) donc n est un vecteur normal à ce plan. Ainsi : 6x+8y−z+d=0. il nous reste à déterminer la valeur de d. Le point A(1;1;14) appartient au plan (ABC) donc les cordonnées de A vérifient l'équation 6x+8y−z+d=0. Ainsi : 6xA+8yA−zA+d=0 6×1+8×1−14+d=0 d=0 Le plan (ABC) a donc pour équation cartésienne :
6x+8y−z=0
.
Question 4
On considère la droite (Δ) des points M dont les coordonnées (x;y;z) sont données par : ⎩⎨⎧xyz===2t−3t−214t+2 où t∈R
Donner un vecteur directeur de la droite (Δ).
Correction
Soit une droite (Δ) définie par un point A(xA;yA;zA) et un vecteur directeur u(a;b;c). La droite (Δ) admet donc un système d’équations paramétriques, appelé représentation paramétrique, de la forme : ⎩⎨⎧xyz===xA+atyA+btzA+ct où t∈R
u=⎝⎛214⎠⎞
Il faut prendre les coefficients devant les t afin d'avoir les coordonnées du vecteur directeur.
Question 5
La droite (Δ) et le plan (ABC) sont-ils sécants?
Correction
Etape 1 Commencer par vérifier si le plan et la droite ne sont pas parallèles, par conséquent le plan et la droite sont sécants. Etape 2 Il faut résoudre le système constitué de l'écriture paramétrique de la droite (d1) et du plan (P) pour déterminer la valeur de t. Ensuite, on substitue la valeur t dans la droite (d1) pour obtenir les coordonnées du point d'intersection entre le plan et la droite.
Etape 1 : Soient : n⎝⎛68−1⎠⎞ un vecteur normal du plan (ABC) et u⎝⎛214⎠⎞ un vecteur directeur de (Δ) n1.u1=6×2+8×1+(−1)×4=0 (ABC) et (Δ) ne sont pas parallèles, par conséquent ils sont sécants. Etape 2 : Cherchons le point d’intersection entre le plan et la droite aˋ l’aide du systeˋme . ((ABC)∩(Δ))⇔⎩⎨⎧6x+8y−z=0x=2t−3y=t−21z=4t+2 où t∈R On remplace la valeur de x,y et z dans le plan (P1) ((ABC)∩(Δ))⇔⎩⎨⎧6×(2t−3)+8×(t−21)−4t−2=0x=2t−3y=t−21z=4t+2 équivaut successivement à ((ABC)∩(Δ))⇔⎩⎨⎧12t−18+8t−4−4t−2=0x=2t−3y=t−21z=4t+2 ((ABC)∩(Δ))⇔⎩⎨⎧16t−24=0x=2t−3y=t−21z=4t+2 Ainsi : ((ABC)∩(Δ))⇔⎩⎨⎧t=23x=2t−3y=t−21z=4t+2 Maintenant que nous avons la valeur de t, on peut obtenir les valeurs de x,y et z ((ABC)∩(Δ))⇔⎩⎨⎧t=23x=2×23−3y=23−21z=4×23+2 Il en résulte que ((ABC)∩(Δ))⇔⎩⎨⎧t=23x=0y=1z=8 Les coordonnées du point d'intersection entre la droite (Δ) et le plan (ABC) est le point H(0;1;8)
Question 6
Dans cette question, on considère l’ensemble (E) des points M dont les coordonnées (x;y;z) sont données par : ⎩⎨⎧xyz===t+t3t+12t où t∈R
Démontrer qu’il existe un unique point M qui appartient à la fois à (E) et à (ABC). Il n’est pas demandé de déterminer ses coordonnées.
Correction
Il existe un unique point M qui appartient à la fois à (E) et à (ABC) si les coordonnées (x;y;z) vérifient le système : ((ABC)∩(E))⇔⎩⎨⎧6x+8y−z=0x=t+t3y=t+1z=2t où t∈R équivaut successivement à : ((ABC)∩(E))⇔⎩⎨⎧6×(t+t3)+8×(t+1)−2t=0x=t+t3y=t+1z=2t ((ABC)∩(E))⇔⎩⎨⎧6t+6t3+8t+8−2t=0x=t+t3y=t+1z=2t ((ABC)∩(E))⇔⎩⎨⎧6t3+12t+8=0x=t+t3y=t+1z=2t Etudions la fonction f(t)=6t3+12t+8 définie sur R. f est dérivable sur R . On a donc : f′(t)=18t2+12. Pour tout réel t, on vérifie aisément que f′(t)>0 ainsi la fonction f est strictement croissante sur R. De plus :
t→−∞limf(t)=t→−∞lim6t3=−∞
t→+∞limf(t)=t→+∞lim6t3=+∞
Nous allons traduire toutes ces informations dans un tableau de variation.
Sur ]−∞;+∞[ , la fonction f est continue et strictement croissante. De plus, t→−∞limf(t)=−∞ et t→+∞limf(t)=+∞ Or 0∈]−∞;+∞[ , donc d'après le théorème des valeurs intermédiaires, il existe une unique solution α dans ]−∞;+∞[ tel que f(t)=0
Il existe donc un t unique solution de l’équation 6t3+12t+8=0, ce qui entraîne qu’il existe un unique point d’intersection de l’ensemble (E) et du plan (ABC).